质数
质数的判定
时间复杂度是logN
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int n;
bool isprime(int x)
{
if(x<2) return false;
for(int i=2;i<=x/i;i++)
{
if(x%i==0) return false;
}
return true;
}
signed main()
{
cin>>n;
for(int i=1;i<=n;i++)
{
int x;
cin>>x;
if(isprime(x)) puts("Yes");
else puts("No");
}
return 0;
} 分解质因数
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int n;
void divide(int x)
{
for(int i=2;i<=x/i;i++)
{
if(x%i==0)
{
int s=0;
while(x%i==0) x/=i,s++;
cout<<i<<" "<<s<<endl;
}
}
if(x>1) cout<<x<<" "<<1<<endl;
cout<<endl;
}
signed main()
{
cin>>n;
for(int i=1;i<=n;i++)
{
int x;
cin>>x;
divide(x);
}
return 0;
} 筛质数（用线性筛，O(N)
朴素版，埃氏筛法
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=1e6+10;
bool st[N];
int prime[N],cnt;
int n;
void getprimes(int x)
{
for(int i=2;i<=x;i++)
{
if(st[i]) continue;
prime[cnt++]=i;
for(int j=i+i;j<=x;j+=i) st[j]=true;
}
}
signed main()
{
cin>>n;
getprimes(n);
cout<<cnt;
return 0;
} 线性筛
线性筛把时间复杂度优化到O(n)，就需要保证筛去一个数只用一次，保证最小质因数就可以确保这一点。
如。筛去24，24=2*12，24=3*8，显然这里2是最小质因数，如何确保不筛去3*8？
这里3*8=3*2*4，即i包含上一个prime，直接break。
只要i包含了prime就不能保证最小质因数！！
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=1e6+10;
bool st[N];
int prime[N],cnt;
int n;
void getprimes(int x)
{
for(int i=2;i<=x;i++)
{
if(!st[i]) prime[cnt++]=i;
for(int j=0;prime[j]<=x/i;j++)
{
st[prime[j]*i]=true;
if(i%prime[j]==0) break;
}
}
}
signed main()
{
cin>>n;
getprimes(n);
cout<<cnt;
return 0;
} 约数
试除法求一个数的所有约束
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
void solve(int x)
{
stack<int> s;
for(int i=1;i<=x/i;i++)
{
if(x%i==0)
{
cout<<i<<' ';
if(i!=x/i) s.push(x/i);
}
}
while(s.size())
{
cout<<s.top()<<" ";
s.pop();
}
puts("");
}
signed main()
{
int n;
cin>>n;
while(n--)
{
int x;
cin>>x;
solve(x);
}
return 0;
} 约数个数//约数之和
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int mod=1e9+7;
typedef long long LL;
signed main()
{
int n;
cin>>n;
unordered_map<int,int> mp;
while(n--)
{
int x;
cin>>x;
for(int i=2;i<=x/i;i++)
{
while(x%i==0)
{
mp[i]++;
x/=i;
}
}
if(x>1) mp[x]++;
}
LL res=1;
for(auto p:mp) res=res*(p.second+1)%mod;
cout<<res<<endl;
return 0;
} #include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int mod=1e9+7;
typedef long long LL;
signed main()
{
int n;
cin>>n;
unordered_map<int,int> mp;
while(n--)
{
int x;
cin>>x;
for(int i=2;i<=x/i;i++)
{
while(x%i==0)
{
mp[i]++;
x/=i;
}
}
if(x>1) mp[x]++;
}
LL res=1;
for(auto p:mp)
{
LL a=p.first,b=p.second;
LL t=1;
while(b--) t=(t*a+1)%mod;//秦九韶
res=res*t%mod;
}
cout<<res<<endl;
return 0;
} 最大公约数
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int gcb(int a,int b)
{
return b?gcd(b,a%b):a;
}
signed main()
{
int n;
cin>>n;
while(n--)
{
int a,b;
cin>>a>>b;
cout<<gcd(a,b)<<endl;
}
return 0;
}
欧拉函数
求任意一数的欧拉函数 O(n*sqrt(a))
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
signed main()
{
int n;
cin>>n;
while(n--)
{
int x;
cin>>x;
int res=x;
for(int i=2;i<=x/i;i++)
{
if(x%i==0)
{
res=res/i*(i-1);
while(x%i==0) x/=i;
}
}
if(x>1) res=res/x*(x-1);
cout<<res<<endl;
}
return 0;
} 求1-n中每个数的欧拉函数 O(n）
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=1e6+10;
int prime[N],cnt;
bool st[N];
int phi[N];//欧拉函数
typedef long long LL;
signed main()
{
int n;
cin>>n;
phi[1]=1;
for(int i=2;i<=n;i++)
{
if(!st[i])
{
prime[cnt++]=i;
phi[i]=i-1;//质数的欧拉函数
}
for(int j=0;prime[j]<=n/i;j++)
{
st[prime[j]*i]=true;
if(i%prime[j]==0)
{
phi[prime[j]*i]=prime[j]*phi[i];
//括号里质因子是一样的，只是n要多乘上一个
break;
}
phi[prime[j]*i]=phi[i]*(prime[j]-1);
//prime是质数且i不能整除prime，则说明两数没有公因数
//那么prime[j]*i比i只是多了一个质因子prime[j]
}
}
LL res=0;
for(int i=1;i<=n;i++) res+=phi[i];
cout<<res;
return 0;
}快速幂
快速幂
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long LL;
LL qmi(int a,int b,int p)
{
LL res=1%p;
while(b)
{
if(b&1) res=res*(LL)a%p;
a=a*(LL)a%p;
b>>=1;
}
return res;
}
signed main()
{
int n;
cin>>n;
while(n--)
{
int a,b,p;
cin>>a>>b>>p;
cout<<qmi(a,b,p)<<endl;
}
return 0;
} 快速幂求逆元
（1）当a与p互质时，用快速幂求逆元（费马小定理）：quick_power(a, b, p)；
（2）当a与p不互质时，用扩展欧几里得算法求逆元：exgcd(a, p, x, y)。
概念：
证明：费马小定理（通俗易懂） - 知乎 (zhihu.com)
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long LL;
LL qmi(int a,int b,int p)
{
LL res=1%p;
while(b)
{
if(b&1) res=res*(LL)a%p;
a=a*(LL)a%p;
b>>=1;
}
return res;
}
signed main()
{//当a和p不互质时无解，由于p是质数，也就只有a是p的倍数时无解
int n;
cin>>n;
while(n--)
{
int a,b,p;
cin>>a>>p;
if(a%p==0) puts("impossible");
else cout<<qmi(a,p-2,p)<<endl;
}
return 0;
} 扩展欧几里得算法
扩展欧几里得算法
主要是递归。先正着求出gcd的值，求完之后倒着求x，y。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int exgcd(int a,int b,int &x,int &y)
{
if(b==0)
{
x=1,y=0;
return a;
}
int x1,y1,gcd;
gcd=exgcd(b,a%b,x1,y1);
x=y1,y=x1-a/b*y1;
return gcd;
}
signed main()
{
int n;
cin>>n;
while(n--)
{
int a,b,x,y;
cin>>a>>b;
exgcd(a,b,x,y);
cout<<x<<" "<<y<<endl;
}
return 0;
}线性同余方程
想不明白主要应该是不太清楚裴属定理，看这个：裴蜀定理 - OI Wiki (oi-wiki.org)
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long LL;
int exgcd(int a,int b,int &x,int &y)
{
if(b==0)
{
x=1,y=0;
return a;
}
int x1,y1,gcd;
gcd=exgcd(b,a%b,x1,y1);
x=y1,y=x1-a/b*y1;
return gcd;
}
signed main()
{
int n;
cin>>n;
while(n--)
{
int a,b,m;
cin>>a>>b>>m;
int x,y;
int d=exgcd(a,m,x,y);
if(b%d) puts("impossible");
else cout<<(LL)b/d*x%m<<endl;
}
return 0;
}中国剩余定理
基础中国剩余定理：算法学习笔记(10): 中国剩余定理 - 知乎 (zhihu.com)
好难，明天再看
高斯消元法
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=110;
const double eps = 1e-8;
int n;
double a[N][N];
int gauss() // 高斯消元，答案存于a[i][n]中，0 <= i < n
{
int c,r;//列，行
for(c=0,r=0;c<n;c++)//遍历所有列
{
int t=r;//最上面一个，还没确定
for(int i = r ; i < n ; i ++)
{
if( fabs(a[i][c]) > fabs(a[t][c]) ) t=i;//把最大的换上去
}
if(fabs(a[t][c])<eps) continue;//如果这个最小的是0，跳过
for(int i=c;i<=n;i++) swap(a[t][i],a[r][i]);//交换
for(int i=n;i>=c;i--) a[r][i]/=a[r][c]; //首位变成1
for(int i=r+1;i<n;i++)
{
if(fabs(a[i][c])>eps)
{
for(int j=n;j>=c;j--)
{
a[i][j]-=a[r][j]*a[i][c];
}
}
}
r ++ ;
}
if(r<n)
{
for(int i=r;i<n;i++)//从没走到的一行开始
{
if(fabs(a[i][n])>eps) return 2;//无解
}
return 1; //无穷解
}
//只有一解
for(int i=n-1;i>=0;i--)
{
for(int j=i+1;j<n;j++)
{
a[i][n]-=a[i][j]*a[j][n];
}
}
return 0;
}
signed main()
{
cin>>n;
for(int i=0;i<n;i++)
{
for(int j=0;j<n+1;j++)
{
cin>>a[i][j];
}
}
int t=gauss();
if (t == 2) puts("No solution");
else if (t == 1) puts("Infinite group solutions");
else
{
for (int i = 0; i < n; i ++ )
printf("%.2lf\n", a[i][n]);
}
return 0;
} 从1开始存的版本。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=110;
const double eps=1e-8;
int n;
double a[N][N];
int gauss()
{
int r=1,c=1;//行列，r<=n,c<=n+1
for(r=1,c=1;c<=n;c++) //遍历每一列
{
int t=r;//记录行
for(int i=t;i<=n;i++)
{
if(fabs(a[i][c]>fabs(a[t][c]))) t=i;
}
if(fabs(a[t][c])<eps) continue;
//走了几列同时代表确定了几行
for(int i=c;i<=n+1;i++) swap(a[t][i],a[r][i]);
for(int i=n+1;i>=c;i--) a[r][i]/=a[r][c];
for(int i=r+1;i<=n;i++)//对每一行
{
if(fabs(a[i][c])<eps) continue;//如果这个是0，不操作
for(int j=n+1;j>=c;j--)
{
a[i][j]-=a[r][j]*a[i][c];
}
}
r++;
}
if(r<n+1)
{
for(int i=r;i<=n;i++)
{
if(fabs(a[i][n+1])>eps) return 0;//无解
}
return 2;//无穷解
}
for(int i=n-1;i>=1;i--)
{
for(int j=i+1;j<=n+1;j++)
{
a[i][n+1]-=a[j][n+1]*a[i][j];
}
}
return 1;
}
signed main()
{
cin>>n;
for(int i=1;i<=n;i++)
{
for(int j=1;j<=n+1;j++)
{
cin>>a[i][j];
}
}
int t=gauss();
if(t==0) puts("No solution");
else if(t==2) puts("Infinite group solutions");
else
{
for(int i=1;i<=n;i++) printf("%.2lf\n",a[i][n+1]);
}
return 0;
}#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=110;
int n;
int a[N][N];
void guass()
{
int r,c;
for(r=1,c=1;c<=n;c++)//枚举列
{
int t=r;
for(int i=r;i<=n;i++)
{
if(a[i][c])
{
t=i;
break;
}
}
if(a[t][c]==0) continue;//说明第c列都是0
for(int i=c;i<=n+1;i++) swap(a[r][i],a[t][i]);
for(int i=r+1;i<=n;i++)
{
if(a[i][c]==0) continue;
for(int j=c;j<=n+1;j++)
{
a[i][j]^=a[r][j];
}
}
r++;
}
if(r<n+1)//说明等式左边都是0，判断等式右边即可
{
for(int i=r;i<=n;i++)
{
if(a[i][n+1]!=0)//无解
{
puts("No solution");
return;
}
}
puts("Multiple sets of solutions");
return;
}
//输出结果
for(int i=n-1;i>=1;i--)
{
for(int j=i+1;j<=n+1;j++)
{
a[i][n+1]^=a[i][j]*a[j][n+1];
}
}
for(int i=1;i<=n;i++)
{
cout<<a[i][n+1]<<endl;
}
}
signed main()
{
cin>>n;
for(int i=1;i<=n;i++)
{
for(int j=1;j<=n+1;j++)
{
cin>>a[i][j];
}
}
guass();
return 0;
}求组合数
1<=b<=a<=2000
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=2010,mod=1e9+7;
int a[N][N];
void init()
{
for(int i=0;i<N;i++)
{
for(int j=0;j<=i;j++)
{
if(j==0) a[i][j]=1;
else a[i][j]=(a[i-1][j]+a[i-1][j-1])%mod;
}
}
}
signed main()
{
init();
int n;
cin>>n;
while(n--)
{
int c,b;
cin>>c>>b;
cout<<a[c][b]<<endl;
}
return 0;
}1<=b<=a<=1e5
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long LL;
const int N=1e5+10,mod=1e9+7;
int fact[N],infact[N];
int qmi(int a,int k,int p)
{
int res=1;
while(k)
{
if(k&1) res=(LL)res*a%p;
a=(LL)a*a%p;
k>>=1;
}
return res;
}
signed main()
{
fact[0]=infact[0]=1;
for(int i=1;i<N;i++)
{
fact[i]=(LL)fact[i-1]*i%mod;
infact[i]=(LL)infact[i-1]*qmi(i,mod-2,mod)%mod;
}
int n;
cin>>n;
while(n--)
{
int a,b;
cin>>a>>b;
cout<<(LL)fact[a]*infact[b]%mod*infact[a-b]%mod<<endl;
}
return 0;
}
